A. 如图所示，在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）小明发现杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠
解（1）杠杆不在水平位置，左端偏高，则重心应向左移动，故应向左调节左端或右端的平衡螺母．
（2）实验中，如图所示的方式悬挂钩码，杠杆平衡是杠杆的左侧在多个力共同作用的结果，采用这种方式是不妥当的．这主要是因为杠杆的力和力臂数目过多．
（3）不改变支点O右侧所挂的两个钩码及其位置，将左侧另外两个钩码改挂到第三个钩码的下方，即左侧的力是三个钩码；
设一个钩码的重为G，一格的长度为L，根据杠杆平衡的条件，F1×L1=F2×L2可得，2G×3L=3G×nL，所以n=2L；即保持左侧第2格的钩码不动．
（4）乙图，弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，弹簧测力计倾斜拉杠杆，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大．
故答案为：（1）左；（2）C；（3）2；（4）变大；拉力的力臂变小了．
B. 在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）小明发现杠杆左端低右端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平
答案：
（1）右，水平，便于测量力臂
解析：
这是杠杆部分常见解答题，第一空，无论哪侧的平衡螺母，要使杠杆平衡，都要向高的一侧调节，跟天平相似；
第三空：水平位置平衡时，力臂就是对应杆长，方便测量力臂。
C. 在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）小明发现杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆右端的平
（1）杠来杆的右端低，说明这一源侧力与力臂的乘积大，应将平衡螺母向左调节，以减小这一侧的力臂．因为重力的方向是竖直向下的，杠杆只有在水平位置平衡时，支点到力的作用线的距离才正好在杠杆上，也就是正好等于相应杠杆的长，这样测量起来会比较方便．
（2）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，
图甲中，杠杆的左端：4G×3L=12GL，
B处的力臂为4L，杠杆的右端：F2×4L=12GL，解得F2=3G，即在B处挂3个同样的钩码；在水平位置平衡时，便于测量力臂；
（3）如图乙，当弹簧测力计倾斜拉动杠杆时，拉力的力臂减小，为保持杠杆平衡，拉力要增大，所以弹簧测力计示数会变大．
（4）甲组只从一次实验研究得出结论具有偶然性，不具有普遍性，实验结论必须在多次试验的基础上得出，这样才能有效地避免实验结果偶然性出现．力和力臂是单位不同的两个物理量，故不能相加．
故答案为：（1）左；便于测量力臂．（2）3；便于测量力臂；（3）变大；（4）只做一次实验就得出结论，且实验数据还具有特殊性，不同单位的物理量不能相加．
D. 小明在探究“杠杆平衡条件”的实验中：（1）小明发现杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆
（1）杠杆重心右移应将左端平衡螺母向左调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零；杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上便于测量力臂大小；
（2）假设每小格长度1cm，
如图杠杆左端F2=G×4=4G，L2=1cm×3=3cm，右端L1=1cm×4=4cm，根据F1L1=F2L2得
F1=
| F2L2 |
| L1 |
| 4G×3cm |
| 4cm |
故在杠杆左边A处挂四个相同钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右边B处挂同样钩码3个；
（3）若拉力F向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大；
（4）做实验时，如图丙所示的杠杆已达到平衡．当杠杆由图乙的位置变成图丙的位置时，其动力臂、阻力臂的比值是不变的，所以在阻力不变的情况下，动力是不变的．
（5）①有用功为W有=Gh1，总功W总=Fh2，则机械效率的表达式η=
| W有 |
| W总 |
| Gh2 |
| Fh1 |
②杠杆提升钩码时，对钩码做有用功，克服杠杆重做额外功，W有+W额=W总，
设杠杆重心升高的距离为h，所以，Gh1+G杠h=Fh2，G不变，h1不变，G杠不变，
钩码从A点到C点，钩码还升高相同的高度，杠杆上旋的角度减小，杠杆升高的距离h变小，
所以Gh1+G杠h变小，所以Fh2也变小．
根据η=
| Gh1 |
| Fh2 |
故答案为：（1）左；测力臂；（2）3；（3）变大；力臂变小；（4）不变；（5）①
| Gh2 |
| Fh1 |
E. 在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）挂重物前，小明发现杠杆左端低右端高，要使它在水平位置平衡，应将杠
（1）杠杆的左端低，说明这一侧力与力臂的乘积大，应将平衡螺母向右调节；
（2）①每内个钩码的重力为0.5N时，设杠杆容上每格长度是L，由杠杆平衡条件得：F1L1=F2L2，
则F2=
| F1L1 |
| L2 |
| 4×0.5N×3L |
| 2L |
②由图示可知，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，
弹簧测力计拉力F的力臂L2变小，F1=4G，L1=3L保持不变，
由杠杆平衡条件：F1L1=FL2，可知弹簧测力计的拉力变大．
（3）不能得出探究结论；因为一次实验获得的数据有偶然性，不能反映普遍规律．
故答案为：（1）右（2）3；变大；（3）不能；只有一组数据，具有片面性、偶然性．
F. 在探究杠杆平衡条件的实验中，（1）小明发现杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应该将杠杆右端的
（1）杠杆右端低，左端高，平衡螺母向上翘的左端移动；
杠杆在水平位置专平衡，最大的好处是力臂在杠杆属上，便于测量力臂，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响．
（2）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，
图甲中，杠杆的左端：4G×3L=12GL，
B处的力臂为4L，杠杆的右端：F2×4L=12GL，解得F2=3G，即在B处挂3个同样的钩码；
（3）如图乙，弹簧测力计在杠杆C处时，竖直向上拉也可使杠杆平衡；
弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，弹簧测力计倾斜拉杠杆，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大．
故答案为：（1）左；便于测量力臂，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响；（2）3；（3）上；变大；其力臂变小．
G. 小明在探究杠杆的平衡条件的实验中，以杠杆中点为支点．（1）在调节杠杆平衡时，小明发现杠杆右端低左端
（1）右端低左端高，应将平衡螺母向较高的一端调节，应将杠杆右端的平衡螺母向左端调节，使杠杆在水平位置平衡；
（2）只有一次实验总结实验结论是不合理的，一次实验很具有偶然性，要多进行几次实验，避免偶然性；
（3）力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此第一种实验方案更方便，此时弹簧测力计的拉力与杠杆垂直，能从杠杆上直接读力臂；因为第一方案的动力臂要大于第二种方案的动力臂，根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂都相同的情况下，动力臂越大的越省力，所以，F1＜F2；
（4）杠杆处于静止状态或匀速转动状态都叫杠杆平衡，所以小海的说法是对的；
力臂等于支点到力的作用线的距离，在小红的实验方案中，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来．而小海实验方案中的力臂不便于测量，所以，小红的实验方案好．
（5）图丙中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆产生了影响，导致测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符．
（6）步骤一：从效果上看，我们可以认为各部分受到的重力作用集中于一点，这一点叫做物体的重心．当直尺平放在刀口（支点）上，平衡后，此处为重心；
步骤二：由于原来处于平衡，将质量为M1的物体挂在刻度尺左边某一位置，则杠杆会左端下降，
所以根据F1L1与F2L2可知：在F1、L2不变的条件下，需要增加L2，L1减小，即向右移动刻度尺．
步骤三：根据杠杆平衡的条件动力×动力臂=阻力×阻力臂，可知G1L1=G×L2，
即M1gL1=mgL2，
所以直尺的质量m=
| M1L1 |
| L2 |
故答案为：（1）A；（2）仅凭一次实验的数据得出的结论具有偶然性；（3）一；便于直接读出力臂；＜（4）对；便于直接读出力臂；（5）杠杆的自重影响了杠杆平衡条件的探究；（6）重心；右；ML1/L2．
H. 在探究“杠杆平衡条件”的实验中，小明先把杠杆的中点支在支架上，发现杠杆停在如图所示的位置，此时杠杆
| 平衡右消除杠杆自重对实验的影响 2（g取10N/Kg）或1.96（g取9.8N/Kg）下
I. 在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）实验前小明发现杠杆右端低左端高，要使它在水平位置平衡，应将杠杆右
（1）杠杆右端低来左端高，要使它源在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向左调节； J. 在探究杠杆平衡条件的实验中：（1）小明发现杠杆右端低左端高，此时杠杆处于______状态．（填“平衡”或
（1）杠杆处于静止状态，则杠杆处于平衡状态； |