下表是小明在研究杠杆

① 如图所示是小明在探究“杠杆的平衡条件”实验：（1）实验前，将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现

（1）杠杆复重心左移，应将平衡螺母（左制端和右端的平衡螺母调节方向一致）向左调节，直至重心移到支点处，使杠杆重力的力臂为零，这样就可忽略杠杆的自重对实验的影响；力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来；
（2）杠杆的平衡条件是：动力×动力臂=阻力×阻力臂（或F₁L₁=F₂L₂）；
（3）只通过一次测量，数据具有偶然性，不具备普遍性．
故答案为：（1）左；便于在杠杆上直接测量力臂；（2）F₁L₁=F₂L₂ ；（3）不合理；实验次数太少，结论具有偶然性．

② 下表是小王在“研究杠杆平衡条件”的实验中记录的部分测量结果：（每个钩码质量为50g，g=10N/kg）

（1）杠杆在水平位置平衡后，可以方便的从杠杆上读出力臂．
（2）设一钩码重为G，一格为L，由杠杆平衡条件F₁L₁=F₂L₂得：nN×6cm=1.5N×8cm，
解得，n=2N．
（3）根据F₁L₁=F₂L₂，第一次试验中2G×1L=1G×2L，杠杆平衡，
第二次试验在支点两端各加挂一个等重的后，左边：3G×1L=3GL，右边2G×2L=4GL，
所以左边＜右边
故杠杆不平衡，右端下降，即杠杆顺时针转动．
故答案为：（1）使杠杆自重对杠杆的平衡不产生影响，便于力臂的测量；（2）2；（3）杠杆顺时针转动．

③ 下面是小明在探究“杠杆平衡”实验中的情景，请回答下列问题：（1）应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆

（1）在“探究杠杆的平衡条件”实验中，应先调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，这样做是为了便于测量力臂；如发现杠杆左端偏高，则可将右端的平衡螺母向左调节．
（2）根据杠杆平衡的条件，F₁×L₁=F₂×L₂，1.5N×10cm=1N×L，L=15cm；1N×20cm=F×10cm，F=2N；
（3）两边钩码下方各拿走两个钩码后，根据杠杆平衡的条件，F₁×L₁=F₂×L₂，可知2个×3格＞1个×4格，杠杆左端下沉，当2个×2格时两边相等，即应将左侧剩余的两个钩码移至离O点10cm处．
故答案为：（1）水平；力臂；左；左；
（2）15；2；
（3）左；10．

④ 小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同

（1）杠杆重心左移，应将平衡螺母（左端和右端的均可）向左调节，直至重心回移到支点处，使杠杆重力答的力臂为零，这样就减小了杠杆的自重对实验的影响；力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来．
（2）据题能看出，通过一次实验得出结论，偶然性大，不能代表物理规律性，故小明的结论是错误的；且不同的物理量不能相加．
（3）在杆上A点处仍挂4个钩码，为了使杠杆在原位置平衡，在C点处测力计应竖直向上拉，理论上拉力大小为：
F_CL_C=F_BL_B
F_C?4L=4N?3L
解得F_C=3N；
如果测力计由沿竖直方向转为向右上方拉杠杆，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大；
（4）若不计杠杆的重力，根据杠杆的平衡条件：
F_向上L_向上=F_向下L_向下
但由于杆的重心在杆的中点，方向竖直向下，重力与钩码同时使杠杆向逆时针方向转动；
故测力计读数×3dm大于4N×6dm．
故答案为：（1）左；水平；力臂；（2）①一组数据不能得出一般结论（或没有多次实验寻找普遍规律）；②不同的物理量不能相加；（3）上；3；变大；（4）大于；杠杆自重的影响．

⑤ （共5分）如下图甲所示，小明在探究“杠杆的平衡条件”实验中所用的实验器材有：杠杆、支架、弹簧测力计